×107Hz，漂移管间缝隙很小，质子在每个管内运动时间视为电源周期的12质子的荷质比取1×108Ckg求：
1漂移管B的长度；2相邻漂移管间的加速电压．
16（16分）如图，一轻弹簧原长为2R，其一端固定在倾角为370的固定直轨道AC的底端A处，另一端位于直轨道上B处，弹簧处于自然状态。直轨道与一半径为5R的光滑
6圆弧轨道相切于C点，AC7R，A、B、C、D均在同一竖直平面内。质量为m的小物块P自C点由静止开始下滑，最低到达E点（未画出）随后P沿轨道被弹回，最高到达F点，AF4R。已知P与直轨道间的动摩擦因数μ14，重力加速度大小为g。（取si
37035，cos37045）
1求P第一次运动到B点时速度的大小。2求P运动到E点时弹簧的弹性势能。3改变物块P的质量，将P推至E点，从静止开始释放。已知P自圆弧轨道的最高点D处水平飞出后，恰好通过G点。G点在C点的左下方，与C点水平相距7R2、竖直相距R，求P运动到D点时速度的大小和改变后P的质量。
f江苏省泰兴中学2015级高一暑期学业检测物理答案
1C2A3D4C5C6D
7AC8ACD9ABC10BC少选得3分
11
答案⑴
f2
S1

S2

，
f2
S2
S3
，
f22
S3
S1；⑵40
解析⑴由于重物匀加速下落，A、B、C、D各相邻点之间时间间隔相同，因此B点应是
从A运动到C的过程的中间时刻，由匀变速直线运动的推论可得：
B
点的速度
vB
等于
AC
段的平均速度，即vB

S1
S22t
由于t

1f
，故vB

f2
S1
S2
同理可得vC

f2
S2

S3
匀加速直线运动的加速度avt
故avC
vBt

f2
S2
S3S1S21

f22
S3S1
①
f
⑵重物下落的过程中，由牛顿第二定律可得：
mgF阻ma
②
由已知条件
F阻001mg
③
由②③得
a099g
f代入①得：a
f22
S3
S1，代入数据得
f
40Hz
12【答案】（3）039（4）如图所示（5）045（6）BC
（4）根据描点法可得如图所示图线
（5）根据牛顿第二定律可得
mg5
mMa，代入m0010kg，
1、2、3、4、5，
以及相应的加速度求可得M045kg
13
【答案】（1）2μmgs；2aA
F
3mg2m
，aB
F
3mg4m
。
15答案104m66×104V
f解析1设质子进入漂移管B的速度为vB，电源频率、周期分别为f、T，漂移管B的长度为L，则
T＝1fL＝vBT2联立①②式并代入数据得L＝04m
2设质子进入漂移管E的速度为vE，相邻漂移管间的加速电压为U，电场对质子所做的功为W质子从漂移管B运动到E电场做功W′，质子的电荷量为r