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即cy16,①
fx2y2c2,②
x2a2

y2b2
1,③
由②③及a2
b2
c2得
y2

b4c2
,又由①知
y2

162c2
,故b
4.
由②③得
x2

a2c2
c2b2
,所以c2b2,从而a2b2c22b232故a4
2
当b4,a42时,存在满足条件的点P.
所以b4,a的取值范围为42.21.解:(1)fx的定义域为(0,)
fxx1l
x1l
x1
x
x
因为yl
x单调递增,y1单调递减,所以fx单调递增,又f110,x
f
2

l

2
12

l

412

0
,故存在唯一
x0
12
,使得
f
x0

0
又当xx0时,fx0,fx单调递减;当xx0时,fx0,fx单调递增因此,fx存在唯一的极值点
(2)由(1)知fx0f12,又fe2e230,所以fx0在x0内存在唯一
根x


x0
1得1
1
x0

f

1



1
1
l

1
1
1
f0,故1



fx0在0x0的唯一根
综上,fx0有且仅有两个实根,且两个实根互为倒数.
22.解:(1)因为M
00在C上,当0

3
时,
0

4si

3

2
3
由已知得OPOAcos23

Q

为l上除P的任意一点在
Rt△OPQ
中,

cos

3


OP

2

经检验,点
P2
3

在曲线

cos


3


2
上.
所以,l的极坐标方程为

cos

3


2

f(2)设P,在Rt△OAP中,OPOAcos4cos即4cos.
因为P在线段OM上,且
AP

OM
,故
的取值范围是

4

2


所以,P点轨迹的极坐标方程为4cos



4

2


23.解:(1)当a1时,fxx1xx2x1
当x1时,fx2x120;当x1时,fx0所以,不等式fx0的解集为1
(2)因为fa0,所以a1
当a1,x1时,fxaxx2xxa2axx10所以,a的取值范围是1.
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