分）；（31）
mM
m
g
（2
分）
【解析】
试题分析：（1）电火花计时吕髟的是220V交流电源，因此低压交流电源用不着；另外还需
要用到天平测出小车的质量
M；（2）打点
2
时的速度等于
13
间的平均速度，即υ2

d3d12T
；
根据机械能守恒，整个系统减小的重力势能等于整个系统增加的动能，即
mgd5
d1
1M2
mυ52
υ12；（3）根据v2
2ad
，因此υ22
d的斜率就是加速度，而
对砝码进行受力分析可知：mgTma，而对小车TMa，因此可得amgMm
考点：验证机械能守恒
14．（1）D（2）甲，C（3）b，k（4）064ms2gg
【解析】试题分析：（1）平衡摩擦力是指利用重力沿斜面向下的分力来使得物体在沿斜面方向上合
力为零，即满足mgsi
mgcos，解得ta
，所以只要角度合适了，增减小车
的质量，不用再平衡摩擦力，A错误；在实验过程中，由于实验过程非常短暂，为了得到更多的数据，所以需要先接通电源后释放纸带，B错误；将两者看做一个整体，对整体有
m1g
m1m2a，对小车有T
m2a，联立可得T

m1m2gm1m2
m1g1m1
，只有当m2
m1
m2
时，T
mg
，C
错误；根据牛顿第二定律可得F

m2a，即a

1m2
F
，直线能更清楚的
表达两者之间关系，所以应作出a1图像，故D正确；m2
（2）由于遗漏了平衡摩擦力，需要当外力达到一定时，小车才开始做加速运动，故图像的
横截距不为零．故图线为甲；当不满足m2m1时，随m1的增大物体的加速度a逐渐减小，
故图象弯曲的原因是：所挂钩码的总质量太大，不满足沙和沙桶质量远小于小车的质量，故C正确；

f
（3）根据牛顿第二定律可知，m1g

m2g

m2a
，化简可得a

m1g
1m2

g
，故k

m1g
，
故m1

kg
，b

g
，故

bg
（4）根据逐差法可得x6x33aT2、x5x23aT2、x4x13aT2，三式相加可得
a

x6

x4

x5x39T2

x2

x1
，代入数据可得a

064m
s2
考点：考查了“探究加速度与力、质量的关系”实验
【名师点睛】做分析匀变速直线运动情况时，其两个推论能使我们更为方便解决问题，一、
在相等时间内走过的位移差是一个定值，即xaT2，二、在选定的某一过程中，中间时
刻瞬时速度等于该过程中的平均速度
15．（1）05s（2）005s
【解析】
试题分析：（1）以A为参考系，B以v0向上匀速运动，在相遇的过程中，B的位移为s，根
据匀速直线运动的公式得：ts05sv0
（2）从相遇开始到分离所需时间，以A为参考系，B的位移为2L，根据匀速直线运动的公
式得，t2L005sv0
考点：考查了竖直上抛，自由落体运动
【名r