称为近后备。（2
分）
当主保护或其断路器拒动时，由相邻上一元件的保护起后备作用称为远后备。（2分）
2、有一方向阻抗继电器，若正常运行时的测量阻抗为3530要使该方向阻抗继电器在正常运行时不动作，则整定阻抗最大不能超
jx
过多少？（设se
75（8分）
Zset
Zm
75
R
30
答：为了使该方向阻抗继电器在正常运行时不动作，
其对应于m30时的动作阻抗Zm最大不能超过
35，（3分）
又知其se
75，如图所示，整定阻抗最
大不能超过Zset35cos7530495Ω（5分）
3、何谓比率制动特性？对具有比率制动特性的差动继电器，何谓最大制动比、最小
工作电流、拐点电流？（8分）答：比率制动特性是指继电器的动作电流和继电器的制动电流的关系特性。（2分）
Kresmax如图，最大制动比

IsetmaxIresmax
（2分）
g点所对应的动作电流Isetmi
称为最小动作
电流；（2分）相对应的制动电流Iresg称为称为拐点电流。（2分）
4、变压器纵差动保护中，不平衡电流产生的原因是什么？（8分）答：不平衡电流产生的原因是：
1、变压器两侧电流互感器的计算变比与实际变比不一致（2分）；2、变压器带负荷调节分接头（2分）；3、电流互感器有传变误差（2分）；4、变压器的励磁电流（2分）。
四、计算题（共38分）
f1、如图2所示的网络中，已知，线路每公里的正序阻抗
Z104km，
E1053kV
Xsmax03，
Xsmi
03
IABLmax
150A。Krel
125，Krel

11，K
rel
12，Kss＝18，Kre
085，t3
05s。
试对保护1进行三段式电流保护的整定计算。（14分）
A1
10km
B2
15km
C3
t3III05s
2
解：1、保护1电流I段整定计算（1）求动作电流
分）
Iset1

KIrelkBmax
125
105103180427A3020410
（1
（2）灵敏度校验，即求最小保护范围。
lmi


1
z1
32
EI
set1

Xsmax


104

32
10510303652km3180427
lmi
65265215
满足要求。（2分）
lAB10
（3）动作时间：t10s（1分）
2、保护1电流II段整定计算（1）求动作电流
Iset1

KIrelset2

K
rel
K
rel
I
k
Cmax

（121分1）25
（2）灵敏度校验
10510381723A3020425
3105103
Kse


IkBmi
I
set1

2
30304101491381723
t1t20505s（1分）2、保护1电流III段整定计算
（1）求动作电流
满足要求。（2分）（3）动作时间：
（2）灵I敏set度1校K验rKel
K
re
ss
IABLm（ax1分1）208155150

31765A
近后备：远后备：
31满0足5要1求03。（1分）
Kse


IkBmi
I
set1

2
30304103841331765
31满05足要10求3。（r