352N
12
12gtxv0t,得:t05sv040ms;根据Ftmv0,得:F352N;2
【解析】依据h
f逆向观察钢珠:fx23(9分)①如图所示(2分)
12vd1。mv,得22v12d2
39926(1分)②552(1分)120(或12)(1分)92(9094)(2分)
③49(4851)(2分)
【解析】①伏安法测电源的电动势和内阻,电源内电阻较小,电流表内阻也较小,宜采用如图电路的接法;电压表○V与电阻箱串联,扩大量程应为6V,电阻箱R0取值应该是电压表○V内阻的2倍;②依据EUIr,其中U117323VI10300A;U21603VI20600A,解得:E552V,r12;③根据I
EU1,结合图2可得:R0mi
49R0max92。rR0
24(12分)(1)设带电粒子的初速度为v0,带电粒子在电场中运动时加速度的大小为a,时间为t,由运动学关系及牛顿第二定律:
2Lv0t
①
L
12at2
④
②
qEma
③
解得:v0
2qLEm
(2)设磁感应强度的大小为B,带电粒子在磁场中运动时半径为r,由牛顿第二定律及几何关系:
qv0Bm
2v0r
⑤
r22LrL
2
2
⑥
f解得:B
22mE5qL
⑦
25(20分)(1)设C与A碰撞前的速度大小为v1,由动能定理:
mCgs
112mCv12mCv022
②
①
解得:v16ms
(2)设C与A碰撞后粘在一起的速度为v2,由动量守恒定律:
mCv1mAmCv2③,解得:v23ms,
A在运动
L过程中,小球B保持静止,该过程时间为t1,设A与B碰撞前的速度为v3,由动2L1122mAmCv3mAmCv2222
⑤
能定理和动量定理:
mAmBmCg
④
mAmBmCgt1mAmCv3mAmCv2
解得:v31ms、t105s,
设A第一次与B碰撞后A和B的速度分别为v4和v5,由动量守恒定律和机械能守恒定律:
mAmCv3mAmCv4mBv5
⑥⑦
111mAmCv32mAmCv42mBv52222
解得:v40v51ms,
B运动过程中盒子保持静止,设经过时间t2,B第二次与A碰撞:
t2
L2sv5
⑧
第二次碰撞后A与B的速度分别为v6和v7,由动量守恒定律和机械能守恒定律:
mBv5mAmCv6mBv7
⑨⑩
111222mBv5mAmCv6mBv7222
解得:v61msv70,
fA运动中B保持静止,设A滑动距离为x、时间为t3,由动能定理和动量定理:
mAmBmCgx0
1mAmCv622
11○12○
r