352N
12
12gtxv0t，得：t05sv040ms；根据Ftmv0，得：F352N；2
【解析】依据h
f逆向观察钢珠：fx23（9分）①如图所示（2分）
12vd1。mv，得22v12d2
39926（1分）②552（1分）120（或12）（1分）92（9094）（2分）
③49（4851）（2分）
【解析】①伏安法测电源的电动势和内阻，电源内电阻较小，电流表内阻也较小，宜采用如图电路的接法；电压表○V与电阻箱串联，扩大量程应为6V，电阻箱R0取值应该是电压表○V内阻的2倍；②依据EUIr，其中U117323VI10300A；U21603VI20600A，解得：E552V，r12；③根据I
EU1，结合图2可得：R0mi
49R0max92。rR0
24（12分）（1）设带电粒子的初速度为v0，带电粒子在电场中运动时加速度的大小为a，时间为t，由运动学关系及牛顿第二定律：
2Lv0t
①
L
12at2
④
②
qEma
③
解得：v0
2qLEm
（2）设磁感应强度的大小为B，带电粒子在磁场中运动时半径为r，由牛顿第二定律及几何关系：
qv0Bm
2v0r
⑤
r22LrL
2
2
⑥
f解得：B
22mE5qL
⑦
25（20分）（1）设C与A碰撞前的速度大小为v1，由动能定理：
mCgs
112mCv12mCv022
②
①
解得：v16ms
（2）设C与A碰撞后粘在一起的速度为v2，由动量守恒定律：
mCv1mAmCv2③，解得：v23ms，
A在运动
L过程中，小球B保持静止，该过程时间为t1，设A与B碰撞前的速度为v3，由动2L1122mAmCv3mAmCv2222
⑤
能定理和动量定理：
mAmBmCg
④
mAmBmCgt1mAmCv3mAmCv2
解得：v31ms、t105s，
设A第一次与B碰撞后A和B的速度分别为v4和v5，由动量守恒定律和机械能守恒定律：
mAmCv3mAmCv4mBv5
⑥⑦
111mAmCv32mAmCv42mBv52222
解得：v40v51ms，
B运动过程中盒子保持静止，设经过时间t2，B第二次与A碰撞：
t2
L2sv5
⑧
第二次碰撞后A与B的速度分别为v6和v7，由动量守恒定律和机械能守恒定律：
mBv5mAmCv6mBv7
⑨⑩
111222mBv5mAmCv6mBv7222
解得：v61msv70，
fA运动中B保持静止，设A滑动距离为x、时间为t3，由动能定理和动量定理：
mAmBmCgx0
1mAmCv622
11○12○
r