12、（1）EBLv
I
E4R
F安BILmgF安ma
mgB2L2vma4R
………………………………………………2分
当a0时
v最大
………………………………………………2分
B2L2vmmg4R
vm4mgR2msB2L2
………………………………………………2分
（2）mgh
12mvmQ……………………………………………2分2
……………………………………………2分………………………………………………2分
Q08J
Q1
RQ02J4R
8页
f13、1（1）粒子在电场中加速，由动能定理得qEd＝mv22粒子进入磁场后做圆周运动，有①（1分）v103ms（1分）
qvB＝m
v
2
R
②（1分）
解得粒子在磁场中运动的半径
r02m
③（1分）
（2）粒子之后恰好不再经过x轴，则离开磁场时的速度方向与x轴平行，运动情况如图①，可得R
2r0④（1分）
v0
Bqr02103ms（2分）m
12mv02
由E0qd
得E02000Vm（2分）（3）将E1
2E03
⑥（1分）
v1
22Rv03103ms代入可得磁场中运动的轨道半径r1333
粒子运动情况如图②，图中的角度α、β满足R23cosα＝＝r2即α＝30°⑦β＝2α＝60°⑧在电场中运动时间t1
d3104s（1分）1v12
T4104s（1分）33
在磁场中运动的时间t2出磁场后运动的时间t3
3r123104s（1分）v1
总时间tt1t2t3
934π104s94104s（1分）3
9页
f【选修34】14、BC15、BD16、（1）由M点此时的运动方向向上，得出此波向右传播．（2分）（2）在t2＝045s时，质点M恰好第3次到达正最大位移处，则有2＋s（2分）λ04由波的图象可以看出波长为：λ＝04m，则波速为：v＝＝ms＝2ms（2分）T02（3）在t1＝0至t3＝11s这段时间，波中质点N经过了5（2分）t3时刻的位移为25cm（2分）17、（1）如图所示，光线入射到D点时恰好发生全反射
1T＝045s，解得周期为：T＝024
1个周期，所以走过的路程为s＝22×5cm＝110cm2
si
C
C450
12
2
（3分）
OARsi
Cd2R2
2R2
（3分）
（2）OF
R2R（2分）cosC
又因为
OFta
Cr
OF4ROF
解得r4

2R

（2分）（2分）
10页
f【选修35】14、BC15、BD16、（1）根据逸出功W0＝hν0，得截止频率：ν0＝229×16×1019Hz＝55×1014Hz－663×1034
－
（3分）
hc－（2）根据光电效应方程：Ek＝hν－W0＝－W0＝30×1019Jλ
（3分）
（3）光电子动能减小到0时，反向电压即遏止电压r