：FN9N依据牛顿第三定律，滑块在B点对轨道的压力FNFN9N
（1分）（1分）
（2）若滑块恰好能够经过C点，设此时滑块的速度为vC，依据牛顿第二定律有mgm
vC2R
（1分）
解得vCgR10255ms滑块由Ａ点运动到C点的过程中，由动能定理
12mvC212Fx≥mg2RmvC2
Fxmg2R≥解得水平恒力F应满足的条件F≥0625N17．（10分）解：（1）设动车组在运动中所受阻力为Ff，动车组的牵引力为F，动车组以最大速度匀速运动时，FFf动车组总功率PFvmFfvm，P4Pe解得Ff4×N10设动车组在匀加速阶段所提供的牵引力为F，由牛顿第二定律有FFf8ma解得F12×N10由PFv解得v25ms解得t150s
54
（2分）
（1分）
（1分）
（1分）（1分）
（2）设动车组在匀加速阶段所能达到的最大速度为v，匀加速运动的时间为t1，（1分）由运动学公式vat1
动车在非匀加速运动的时间t2tt1500s
（1分）
动车组在加速过程中每节动车的平均功率
1PtPtW2e1e2Ptt
（2分）
代入数据解得P7159kW（或约为716kW）（3）设动车组在加速过程中所通过的路程为s，由动能定理
1124Pet14Pet2Ffs8mvm022
解得s28km
（1分）（2分）
f18．（10分）解：（1）对于物体A、B与轻质弹簧组成的系统，当烧断细线后动量守恒，设物体B运动的最大
速度为vB，有mAvAmBvB0
vB
mAvA1vA2mB
T时，物体A的速度vA达到最大，vA4ms4
（2分）
由图乙可知，当t则vB2ms
即物体B运动的最大速度为2ms
（2）设A、B的位移大小分别为xA、xB，瞬时速度的大小分别为vA、vB由于系统动量守恒，则在任何时刻有mAvAmBvB0则在极短的时间Δt内有mAvAΔtmBvBΔt0mAvAΔtmBvBΔt累加求和得：mA∑vAΔtmB∑vBΔtmAxAmBxBxB依题意xAxBL1L解得xB01m
1mAxAxA2mB
（4分）
（3）因水平方向系统不受外力，故系统动量守恒，因此，不论A、C两物体何时何处相碰，三物体速度相同时的速度是一个定值，总动能也是一个定值，且三个物体速度相同时具有最大弹性势能。设三个物体速度相同时的速度为v共依据动量守恒定律有mCvC（mA＋mB＋mC）v共，解得v共＝1ms当A在运动过程中速度为4ms且与C同向时，C相碰，C相碰后速度v1vAvC，跟A、设此过程中具有的最大弹性势能为E1
11212由能量守恒E1（mA＋mC）v12mBvB（mA＋mB＋mC）v共18J222当A在运动过程中速度为4ms时，跟C相碰，设A、C相碰后速度为v2，由动量守
恒mCvCmAvA＝（mAmC）v2，解得v20设此过程中具有r