是自由落体运动
（2）相碰；平抛运动的水平分运动是匀速直线运动；x＝v02h．g
12、解：（1）由图象可知：图线不通过坐标原点，F不为零时，加速度仍为零，知没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，改进方法是将木板右端适当垫高；（2）aF图线的斜率表示质量的倒数，可知两同学做实验时小车及车上的砝码的总质量不同；（3）以整体为研究对象有mg（mM）a解得amgMm
以M为研究对象有绳子的拉力FMaM＜mg，Mm
显然要有Fmg必有mMM，故有M＞＞m，即只有M＞＞m时才可以认为绳对小车的拉
力大小等于盘和盘中砝码的重力，所以应使托盘和砝码的总质量尽可能小一些．
（4）若牛顿定律成立，即Fma，mg（Mm）a，解得：a＝mgMm
推出：11M1可得：M＝Mk
amgg
b
答：（1）没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够，应将木板右端垫起适当高度（2）小车及车上的砝码的总质量不同（3）小，小（4）Mk
b13、解：（1）由图可得：μmgcos60omgsi
60o＝2mg
3
得：μ＝33
（2）恰好能静止：μmgcosαmgsi
α
10
f得：α30°所以：α≤30°
答：（1）小铁块与木板间的动摩擦因数μ是33
（2）α≤30°时，撤去F当小铁块速度减为零时，铁块能保持静止
14、解：（1）要想获得游戏成功，瓶滑到C点速度正好为0，力作用时间最长，设最长作用时间为t1，有力作用时瓶的加速度为a1，t1时刻瓶的速度为v，力停止后加速度为a2，由牛顿第二定律得：
Fμmgma1μmgma2加速运动过程中的位移为：x1＝v2
2a1
减速运动过程中的位移为：x2＝v22a2
位移关系满足：x1x2L1解得：x105m（2）要想游戏获得成功力作用最小，瓶在AA’受推力加速滑到A’后撤去推力，滑到B点速度正好为零，则：
对A’B段：L1L2L0V22a2
有：v
160ms
7
对AA’段：V22a3L0
有：a310ms2
由Ffma3
得：F7N
答：（1）推力作用在瓶子上的距离为05m才能刚好不滑出C点
（2）若选手只能在L08m的AA′区域内推瓶（如图b所示），选手至少需用7N的恒力推7
瓶
15、解：（1）木板最初做匀速运动，由FμMg
11
f解得：μ05（2）第l块铁块放上后，木板做匀减速运动，即有：μmgMa12a1L＝v02v12
代人数据解得：v123ms（3）设最终有
块铁块能静止在木板上．则木板运动的加速度大小为：a
＝
mg
M第1块铁块放上后：2a1L＝v02v12
第2块铁抉放上后：2a2L＝v12v22
第


块铁块放上后：2a

L＝
v2
1

v
2
由上可得：：123…
×2
mgM
＝v02

v
2
木板停下时，v
0，得
645（或6465均可）．即最终有7块铁块放在木板上．
（4）从放上第1块铁块至刚放上第7块铁块的过r