的额定电压相等均为6V根据公
式P可判断出L1灯的额定功率大。
10解析由题中图像可看出两灯正常工作时电流分别为I甲1A、I乙05A两灯串联后接在某一电路中要使其中一个灯泡正常发光并保证电路安全电路的工作电流应为小电流I乙05A这时由题中图像得甲的电压U甲2V乙的电压U乙6V由串联电路电压特点得电源电压最大为UU甲U乙2V6V8V。答案05811解析灯泡正常发光时的电流和额定电流相等所以灯泡的额定功率PUI220V×05A110W刚
接通电源时灯泡的电阻最小电功率最大所以Pmax答案110880
880W。
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f12解析在测量小灯泡电功率的实验中对电压表、电流表量程的选择“”“”接线柱的接法滑动变阻器的使用等实验技能都有较高的要求平时要注意全面地掌握这方面的技能否则在实验或考试中就会犯错误。答案1闭合开关前变阻器没有滑到最大阻值位置2电压表的量程“03V”选小了3电流表的“”“”接线柱接反了13解析电饭煲、电水壶和电熨斗三个用电器都为纯电阻消耗的电能全部转化为热量从题可知P电饭煲1000WP电水壶1800WP电熨斗500W即P电水壶P电饭煲P电熨斗而它们正常工作的时间相同由公式QWPt可知电水壶产生的热量最多电流所做的功为QWP电饭煲t1kW×02h02kWh。答案电水壶0214解析三孔插座的连线要求是“左零右火中接地”保险丝连接在火线上对于灯泡的要求是开关控制火线且螺套顶端接火线。答案如图所示
15解析影响电流做功大小的因素有电流强弱、通电时间的长短和电压的高低所以设计实验的过程中要采用控制变量的思想从甲、乙、丙三个电路图来看甲不能采用控制变量法探究电功与电压的关系则需控制电流和通电时间相同电压不同则只能是丙图丙图中两灯均不亮则电路中出现了断路而电压表V1有示数则说明与电压表V1并联的L1之外的电路不会出现断路只能是L1出现断路丙图中两灯串联根据灯的规格可知L1的额定电流I105AL2的额定电流
I2067AL2的额定电流较大故电路中的最大电流只能是与L1的相同所以可以测灯泡L1的额定功率。答案1无法使用控制变量法2丙3L1断路4L116解析本实验的原理是通过U形管内液体两液面高度差来反映盒内气体受热膨胀程度而气体的受热膨胀越大则反映出电流通过相应盒内的电阻丝做功越多。要探究电热与电阻的关系应保持通过两电热丝的电流和通电时间相同故将其串联在电路中实验过程应保证两盒密封性良好这样盒内空气受热后才能使U形管两液面产生高度差若两液面r