非选择题（共40分）二、实验题（共1小题，共6分。其中①②各3分）。13、某同学用如图所示的实验器材探究电磁感应现象。他连接好电路并检查无误后，闭合电键的瞬间观察到电流表G指针向右偏转。电键闭合后，他还进行了下列操作：（1）将滑动变阻器的滑动触头快速向接线柱C移动，电流计指针将_________（填“左偏”、“右偏”或“不偏”）（2）将线圈A中的铁芯快速抽出，电流计指针将________（填“左偏”、“右偏”或“不偏”）三、计算题（3小题，共34分。其中14题10分，15题12分，16题12分）解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位。14
15
3
f16
答案：1C1312D3B4B5A6A7B8D9ABD10AB11AC12ABC
2．
右偏
3
左偏
14（1）原线圈两端电压（有效值）U1由变压器变压比规律V通过电动机的电流IIA电动机的功率PDUDI3W
Umax12

1002V100V2
U2
2U125V
1
（2）电动机两端电压UDU2UA15
U1
1知副线圈两端电压U2
2
PA02AUA
4
f15解析：1设CD棒的运动速度为v，则导体棒产生的感应电动势为E＝Bdv①据闭合电路欧姆定律有I＝
E②R＋r
则安培力为：F0＝BdI③据题意分析，当v最大时，有F－F0－f＝0④联立①②③④得F－fR＋rum＝＝8ms22
Bd
2棒CD速度最大时，同理有
Em＝Bdvm⑤
而PRm＝ImR⑦
2
Im＝
Em⑥R＋rB2d2v2mR＝3WR＋r2
联立⑤⑥⑦得：PRm＝
13当CD速度为vm时有2BdvmE′E′＝⑧I＝⑨F′＝BId⑩2R＋r据牛顿第二定律有F－F′－f＝ma2联立⑧⑨⑩得：a＝25ms16解析：1因为Em＝NBSω，ω＝2π
，其中
＝300rmi
＝5rs，代入数据可得ω＝10πrads，Em＝100V若从线圈处于中性面时开始计时，则e＝Emsi
ωt，所以电动势的瞬时值表达式为：e＝100si
10πtV2两电表的示数为交流电的有效值：I＝
EEm＝＝52A，UR＝IR＝452VR＋r2R＋r
113当线圈转过s时，电动势的瞬时值e＝100si
10π×V＝50V60604线圈匀速转动一周，外力做功与电流做功相等，计算电功时必须运用交流电的有效值，即W＝
E2
R＋r
T＝100J
5
fr